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题目大意：
给一个GCD为1的数列，有两个人每次选出一个数把这个数-1，然后把整个数列除以新数列的GCD，询问先手和后手哪个必胜。

Solution：
不难看出这是一道博弈论，我们可以假设没有GCD的限制，那么我们怎么做呢？求数列的sum然后判断sum-n的奇偶性就可以了。类比上述情况，当这个数列全是奇数时，每次操作必然会产生一个偶数，由于新数列的GCD一定是奇数，所以说GCD并不会影响数列的值的奇偶性，所以说如果初始数列全是奇数的话，那么后手必胜，策略很简单：先手改出一个偶数，后手再把它改回去，如此往复，先手必输。
既然我们知道只有一个偶数的话先手必赢，那么类比一下，有奇数个偶数的话也会是先手必赢么？是的。证明也是很简单，在一个数上纠结奇偶显然和只有一个奇数的情况一样，如果先手后手的操作都是把偶数-1的话那么最后一个偶数一定是先手减掉的。同理，如果有偶数个偶数的话后手必胜。
然后这个题就做完了

才怪
我们还要考虑一个特殊情况：只有一个奇数，其余是偶数个偶数，这种情况先手可以不先选偶数，反而去选择那一个奇数，这样的话数列一定会产生一个大于一的GCD，我们递归的对这个数列进行处理即可。

AC代码：

#include<cstdio>
#include<iostream>
using namespace std;
int a[100010];
int n;
int gcd(int a,int b)
{
    return b==0?a:gcd(b,a%b);
}
bool dg()
{
    long long sum=0;
    bool ex=0;
    int num=0;
    for (int i=1;i<=n;i++)
    {
        sum+=a[i]-1;
        if (a[i]&1) num++;
        if (a[i]==1) ex=1;
    }
    if (ex) return sum%2;
    if ((n-num)%2) return 1;
    if (num==1)
    {
        int g=0;
        for (int i=1;i<=n;i++)
            if (a[i]&1) a[i]--;
        for (int i=1;i<=n;i++)
            g=gcd(g,a[i]);
        for (int i=1;i<=n;i++)
            a[i]/=g;
        return dg()^1;
    }
    return 0;

}
int main()
{
    scanf("%d",&n);
    for (int i=1;i<=n;i++)
        scanf("%d",&a[i]);
    if (dg()) printf("First");
        else printf("Second");
}