【入门1】顺序结构

#include <stdio.h>
int main(){
	int a,b;
	scanf("%d %d",&a,&b);
	printf("%d\n",a+b);
	return 0;
} 

#include <stdio.h>
int main(){
	printf(
	"                ********\n"
	"               ************\n"
"               ####....#.\n"
"             #..###.....##....\n"
"             ###.......######              ###            ###\n"
"                ...........               #...#          #...#\n"
"               ##*#######                 #.#.#          #.#.#\n"
"            ####*******######             #.#.#          #.#.#\n"
"           ...#***.****.*###....          #...#          #...#\n"
"           ....**********##.....           ###            ###\n"
"           ....****    *****....\n"
"             ####        ####\n"
"           ######        ######\n"
"##############################################################\n"
"#...#......#.##...#......#.##...#......#.##------------------#\n"
"###########################################------------------#\n"
"#..#....#....##..#....#....##..#....#....#####################\n"
"##########################################    #----------#\n"
"#.....#......##.....#......##.....#......#    #----------#\n"
"##########################################    #----------#\n"
"#.#..#....#..##.#..#....#..##.#..#....#..#    #----------#\n"
"##########################################    ############\n"
	);	
	return 0;
}

#include <stdio.h>
int main(){
	int a,b;
	scanf("%d %d",&a,&b);
	printf("%d\n",a*b);
	return 0;
}

#include <stdio.h>
int main(){
	char a;
	scanf("%c",&a);
	printf("%c",a-32);
	return 0;
}

#include <stdio.h>
int main(){
	//方法一 ： 
//	double a;
//	scanf("%lf",&a);
//	int b = a*10;
//	int c = b%10;	//最后一位
//	int d = b/1000;	//第一位
//	int e = b/100%10;	//第二位
//	int f = b/10%100%10;	//第三位
//	printf("%d.%d%d%d",c,f,e,d); 
	
	//方法二：
	char a,b,c,d;
	scanf("%c %c %c.%c",&a,&b,&c,&d);
	printf("%c.%c%c%c\n",d,c,b,a); 
	return 0;
}

#include <stdio.h>
int main(){
	double t,n,sum=0;
	scanf("%lf %lf",&t,&n);
	printf("%.3lf\n%.0lf",t/n,n*2);
	return 0;
}

#include <stdio.h>
int main(){
	int a,b,c,d;
	scanf("%d %d %d %d",&a,&b,&c,&d);
	int p = (c-a)*60+d-b;
	printf("%d %d\n",p/60,p%60);
	return 0;
}

#include <iostream>
#include <math.h>
using namespace std;
int main(){
	int n,j=0,a[2],b=1;
	cin >> n;
	double pi = 3.141593,sum = 0;
	switch(n){
		case 1:
			cout << "I love Luogu!\n";
			break;
		case 2:
			cout << 2+4 << " " << 10-2-4;
			break;
		case 3:
			cout << 14/4 << "\n" << 14-(14%4) << "\n" << 14%4;
			break;
		case 4:
			cout << 166.667;
			break;
		case 5:
			cout << (260+220)/(12+20);
			break;	
		case 6:
			cout << sqrt(6*6+9*9);
			break;
		case 7:
			cout << 110 << "\n" << 90 << "\n" << 0; 
			break;
		case 8:
			cout << 2*5*pi << "\n" << 5*5*pi << "\n" << 4.0/3*5*5*5*pi;
			break;
		case 9:
			for(int i=1;i<4;i++){
				b=(b+1)*2;
			}
			cout << b;
			break;
		case 10:
			cout << 9;
			break;	
		case 11:
			cout << 100.0/3;
			break;
		case 12:
			cout << 'M' - 'A' + 1 << "\n";
			cout << (char)('A' + 18 - 1);
			break;
		case 13:
			sum = 4.0 / 3 * (4 * 4 * 4 + 10 * 10 * 10) * pi;
			cout << (int)pow(sum,1.0 / 3);
			break;
		case 14:
			for(int i = 1; i < 100; i++){
				if ((110 - i) * (10 + i) == 3500){
					a[j++] = 110 - i;
				}
			}
			if (a[0] >= a[1])
				cout << a[1];
			else
				cout << a[0];
			break;					
	}
	return 0;
}

#include <stdio.h>
#include <math.h>
int main(){
	double a,b,c;
	scanf("%lf %lf %lf",&a,&b,&c);
	double p = 1.0/2*(a+b+c);
	double sum = p*(p-a)*(p-b)*(p-c);
	printf("%0.1lf\n",sqrt(sum));
	return 0;
}

#include <stdio.h>
int main(){
	int a,b;
	scanf("%d %d",&a,&b);
	int p = 1*10+9;
	int sum = a*10+b;
	printf("%d\n",sum/p);
	return 0; 
}

/*
1.吃过的苹果不管有没有吃完都不算完整
2.0分钟一个苹果相当于不吃
3.在规定时间内提前把苹果吃完了
*/
#include <stdio.h>
int main(){
	int m,t,s;
	scanf("%d %d %d",&m,&t,&s);
	if(t==0){	//不吃 
		printf("%d\n",m);
	}else{
		int a=s/t;
		if(s%t != 0){	//没吃完的 
			a++;
		} 
		int b=m-a;
		if(b<0){	//规定时间内吃完了 
			printf("0\n");
		}else{
			printf("%d\n",b);
		}
	}
	return 0;
}

这道题是本节最难想到的，主要是思路！！！

/*
首先由于不会有三条对角线交于一点，所以过某一个交点有且只能有２条对角线
而这两条对角线实质上是确定了４个顶点（也可以看做是一个四边形的两条对角线交于一点，求四边形的数量）。
因此只需要确定４个顶点就得到了这个唯一确定的交点。
因此只需要求这样４个顶点的搭配有多少个了，也就是从ｎ个顶点中取４个出来。
根据推导：第一次取可以ｎ个点都是可以取的，第二次取的时候第一个取的点就不能取了，所以只能取(n-1)种，
以此类推。 由于改变四个点的顺序不会改变对角线，因此是求的组合而不是排列，也就要除以４，也就是/2/4 
于是我们就得到了公式： n*(n-1)/2*(n-2)/3*(n-3)/4
*/
#include <stdio.h>
int main(){
	unsigned long long n; //此处必须用限制条件，不然范围不够 
	scanf("%lld",&n);
	printf("%lld\n",n*(n-1)/2*(n-2)/3*(n-3)/4);
	return 0;
}