插头DP就暂时那么地儿吧，纠结学什么的结果是学这个2-SAT本来以为得多难，下了好大决心，结果只是照着刘汝佳的书就看懂代码和思想了~

说这个题的思路：引用书上的话就是，最小值尽量大的典型做法就是二分查找，这样，原来的问题就转化成了判定问题：是否存在一个调度方案，使得相邻两个着陆时间总不小于P，进一步转化为：任意两个着陆时间差总不小于P。即唯一的限制就是：时间差小于P的两个两个着陆时间不能同时满足。

模板没啥好讲的，简直比插头Dp简单的不是一点半点

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uva1146
2016.1.11
0kb	446	ms
C++ 4.8.2
************/
#include <iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<vector>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define maxn 2005
struct TwoSAT{
    int n;
    vector<int>G[maxn*2];
    bool mark[maxn*2];
    int S[maxn*2],c;
    bool dfs(int x){
        if(mark[x^1]) return false;
        if(mark[x]) return true;
        mark[x]=true;
        S[c++]=x;
        for(int i=0;i<G[x].size();i++)
            if(!dfs(G[x][i])) return false;
        return true;
    }
    void init(int n){
        this->n=n;
        for(int i=0;i<(n<<1);i++) G[i].clear();
        memset(mark,0,sizeof(mark));
    }
    void add_clause(int x,int xval,int y,int yval){
        x=x*2+xval;
        y=y*2+yval;
        G[x^1].push_back(y);
        G[y^1].push_back(x);
    }
    bool solve(){
        for(int i=0;i<n*2;i+=2)
        if(!mark[i]&&!mark[i+1]){
            c=0;
            if(!dfs(i)){
                while(c>0) mark[S[--c]]=false;
                if(!dfs(i+1)) return false;
            }
        }
        return true;
    }
}solver;
int n,T[maxn][2];
bool test(int diff){
    solver.init(n);
    for(int i=0;i<n;i++)
        for(int a=0;a<2;a++)
            for(int j=i+1;j<n;j++)
                for(int b=0;b<2;b++)
                    if(abs(T[i][a]-T[j][b])<diff)
                        solver.add_clause(i,a^1,j,b^1);
    return solver.solve();
}
int main()
{
    //freopen("cin.txt","r",stdin);
    while(~scanf("%d",&n)&&n)
    {
        int L=0,R=0;
        for(int i=0;i<n;i++)
            for(int a=0;a<2;a++)
        {
            scanf("%d",&T[i][a]);
            R=max(R,T[i][a]);
        }
        while(L<R){
            int M=L+(R+1-L)/2;
            if(test(M)) L=M;
            else R=M-1;
        }
        printf("%d\n",L);
    }
    return 0;
}