题目的主要信息：

给定一个32位的有符号整数num，将num中的数字部分反转
只反转数字部分，符号位部分不反转
最后的结果需要在32位有符号数范围之内，超出范围返回0

方法一：取模反转

具体做法：

数对10取余可以得到数字最后一位，将最后一位加在答案数字最前面，然后数除10即可去掉最后一位数字，后续继续取余，添加到答案数字后，答案数字添加前先乘10，空出最后一位给要加的数字，如图所示：

因此对答案数字乘10加上余数后可能会超过范围，因此在乘10之前要比较答案数字是否超过了INT型整数最大最小值的1/10，处理溢出。

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class Solution {
public:
    int reverse(int x) {
        int res = 0;
        while(x){
            int mod = x % 10; //取最低位数字
            x /= 10; //去掉最低位数字
            if(res > INT_MAX / 10 || res < INT_MIN / 10) //处理溢出
                return 0;
            res = res * 10 + mod; //低位数字在前组装
        }
        return res;
    }
};

复杂度分析：

时间复杂度： $O(log_{10}n)$ ，相当于连除十进制数字的位数，而位数就是取10的对数
空间复杂度： $O (1)$ ，常数级变量，无额外空间

方法二：python字符串反转

具体做法：

可以使用python将数字转成字符串，然后对字符串进行反转，添加符号后转回int型数字，因此python的int数字不会越界，此时比较数字是否在32位有符号数范围内，如果在正常输出，否则输出0.

class Solution:
    def reverse(self , x: int) -> int:
        s = str(abs(x)) #数字转字符串
        s = s[::-1] #字符串反转
        if x < 0: #判断正负
            s = '-' + s
        res = int(s) #字符串转数字
        if res >= (-2 ** 31) and res <= (2 ** 31 - 1): #合法范围内
            return res
        else:
            return 0

复杂度分析：

时间复杂度： $O(log_{10}n)$ ，字符串长度相当于十进制数字的位数，而位数就是取10的对数，一次反转字符串，因此为 $O(log_{10}n)$
空间复杂度： $O(log_{10}n)$ ，使用了数字位数为长度的字符串空间

题解 | #反转数字#

题目的主要信息：

方法一：取模反转

方法二：python字符串反转