A.Most Unstable Array
题意:
要求构造长度为的非负数组使得和为且最大并输出其最大值
题解:
构造即可。特判的情况
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int, int> pii; const int maxn = 1e5 + 5; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int mod = 1e9 + 7; void solve() { int n, m; scanf("%d%d", &n, &m); if (n >= 3) printf("%d\n", 2 * m); else printf("%d\n", m * (n - 1)); } int main() { int t; for (scanf("%d", &t); t >= 1; t--) solve(); }
B.Two Arrays And Swaps
题意:
给定长度为的两个序列和,至多次机会可以互换数组的任何一个数。求的最大值。
题解:
将从小开始和大的开始换,直到全部比大或者次结束。
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int, int> pii; const int maxn = 1e5 + 5; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int mod = 1e9 + 7; int a[35], b[35]; void solve() { int n, k; scanf("%d%d", &n, &k); for (int i = 0; i < n; i++) scanf("%d", &a[i]); for (int i = 0; i < n; i++) scanf("%d", &b[i]); sort(a, a + n); sort(b, b + n, greater<int>()); for (int i = 0; i < k; i++) { if (a[i] >= b[i]) break; swap(a[i], b[i]); } printf("%d\n", accumulate(a, a + n, 0)); } int main() { int t; for (scanf("%d", &t); t >= 1; t--) solve(); }
C.Board Moves
题意:
对的方格依次标号(是奇数)。每次操作可以将一个方格中的一个数移动到与其相邻的方格(包括斜对角)。求最少几次操作使得某个方格含有全部数字。
题解:
全移到中间。每一圈距离中心的距离相等。
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int, int> pii; const int maxn = 1e5 + 5; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int mod = 1e9 + 7; int a[35], b[35]; void solve() { int n; scanf("%d", &n); ll ans = 0; for (int i = 1; i <= n / 2; i++) ans += 8ll * i * i; printf("%lld\n", ans); } int main() { int t; for (scanf("%d", &t); t >= 1; t--) solve(); }
D.Constructing the Array
题意:
给定初始全数组。现在对于每次操作,要求找到最长的全子串(相等长度选左边那个)。将其中间(偶数偏左)的数赋值为当前操作的次数。
题解:
模拟即可,用优先队列维护
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int, int> pii; const int maxn = 2e5 + 5; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int mod = 1e9 + 7; int ans[maxn]; struct Node { int l, r; bool operator<(const Node &b) const { return b.r - b.l != r - l ? l - r > b.l - b.r : l > b.l; } Node(int l0, int r0) : l(l0), r(r0){}; }; priority_queue<Node> q; void solve() { memset(ans, 0, sizeof ans); int n; scanf("%d", &n); q.push(Node{1, n}); int cnt = 0; while (!q.empty()) { Node tmp = q.top(); q.pop(); int mid = (tmp.l + tmp.r) / 2; ans[mid] = ++cnt; if (tmp.l < mid) q.push(Node(tmp.l, mid - 1)); if (tmp.r > mid) q.push(Node(mid + 1, tmp.r)); } for (int i = 1; i <= n; i++) printf("%d ", ans[i]); puts(""); } int main() { int t; for (scanf("%d", &t); t >= 1; t--) solve(); }
E.K-periodic Garland
题意:
给定串,每次操作可以使变为或者变成。求最少几次操作使得所有的相邻的间隔为。
题解:
首先我们计算出原串中的的个数为。然后枚举意义下的每一位为的情况所需个数。注意如果一开始或某个位置需要从变为的次数大于之前原本是的个数,我们可以认为前面的序列全。这样次数更小一些。
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int, int> pii; const int maxn = 2e5 + 5; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int mod = 1e9 + 7; void solve() { int n, k; scanf("%d%d",&n,&k); string s; cin >> s; ll cnt = count(s.begin(), s.end(), '1'); ll ans = 1e18; for (int mod = 0; mod < k; mod++) { ll delta = 0; for (int i = mod; i < n; i += k) { if (s[i] == '0') delta++; else delta--; delta = min(delta, 0ll); ans = min(ans, cnt + delta); } } printf("%lld\n", ans); } int main() { int t; for (scanf("%d", &t); t >= 1; t--) solve(); }
F.Decreasing Heights
题意:
给定一个的地图,每个位置都有一个值,每次只能向下或者向右走,且对应的方格的值必须为当前方格的值加.现在每次操作可以使得一个方格的值减。问最少几次操作可以使得从走到。
题解:
因为数据量不大可以直接枚举最优路径是否经过该点,通过枚举每一个位置的现有值,我们可以确定当前地图所有合法路径应该存在的值。再dp一下就行了。
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int, int> pii; const int maxn = 2e5 + 5; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int mod = 1e9 + 7; int n, m; ll a[110][110], dp[110][110]; ll calc(ll st) { for (int i = 0; i <= n; i++) for (int j = 0; j <= m; j++) dp[i][j] = 1e18; if (a[1][1] >= st) dp[1][1] = a[1][1] - st; for (int i = 1; i <= n; i++) { for (int j = 1; j <= m; j++) { if ((i == 1) && (j == 1)) continue; if (a[i][j] >= (st + i + j - 2)) { ll now = a[i][j] - (st + i + j - 2); dp[i][j] = min(dp[i - 1][j], dp[i][j - 1]) + now; } } } return dp[n][m]; } void solve() { scanf("%d%d", &n, &m); for (int i = 1; i <= n; i++) for (int j = 1; j <= m; j++) scanf("%lld", &a[i][j]); ll ans = 1e18; for (int i = 1; i <= n; i++) for (int j = 1; j <= m; j++) ans = min(calc(a[i][j] - (i + j - 2)), ans); printf("%lld\n", ans); } int main() { int t; for (scanf("%d", &t); t >= 1; t--) solve(); }