gcd+模拟
题目链接:https://pintia.cn/problem-sets/994805046380707840/problems/994805133597065216
本题的要求很简单,就是求
N
个数字的和。麻烦的是,这些数字是以有理数分子/分母
的形式给出的,你输出的和也必须是有理数的形式。输入格式:
输入第一行给出一个正整数
N
(≤100)。随后一行按格式a1/b1 a2/b2 ...
给出N
个有理数。题目保证所有分子和分母都在长整型范围内。另外,负数的符号一定出现在分子前面。输出格式:
输出上述数字和的最简形式 —— 即将结果写成
整数部分 分数部分
,其中分数部分写成分子/分母
,要求分子小于分母,且它们没有公因子。如果结果的整数部分为0,则只输出分数部分。输入样例1:
5 2/5 4/15 1/30 -2/60 8/3
输出样例1:
3 1/3
输入样例2:
2 4/3 2/3
输出样例2:
2
输入样例3:
3 1/3 -1/6 1/8
输出样例3:
7/24
代码
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef struct {
ll z,m;//分子 分母
}node;
ll gcd(ll a,ll b){//求最大公约数
if(b==0)return a;
else return gcd(b,a%b);
}
node a[1000];
ll n,ans,mx,sum,f,x;
int main(void){
scanf("%lld",&n);
for(int i=0;i<n;i++)scanf("%lld/%lld",&a[i].z,&a[i].m);
for(int i=1;i<n;i++){
ans=a[i-1].m/gcd(a[i-1].m,a[i].m) *a[i].m;//两两之间 最小公倍数
if(ans>mx)mx=ans;//保留最大值 就是所有分母的最小公倍数
}
for(int i=0;i<n;i++){//通分
a[i].z*=(mx/a[i].m);
sum+=a[i].z;//分子求和
}
if(sum==0){//特判 sum=0
printf("0");return 0;
}
if(sum<0){//结果是负数 打上标记
f=1;sum=-sum;
}
ll g=gcd(sum,mx);
sum/=g;mx/=g;//化简分式
if(sum>=mx){
x=sum/mx;//整数部分
sum=sum%mx;
}
if(f==1){
sum=-sum;x=-x;
}
if(x!=0&&sum==0)printf("%lld",x);
if(x==0&&sum!=0)printf("%lld/%lld",sum,mx);
if(x!=0&&sum!=0)printf("%lld %lld/%lld",x,sum,mx);
return 0;
}