Description

某软件公司正在规划一项n天的软件开发计划，根据开发计划第i天需要ni个软件开发人员，为了提高软件开发人员的效率，公司给软件人员提供了很多的服务，其中一项服务就是要为每个开发人员每天提供一块消毒毛巾，这种消毒毛巾使用一天后必须再做消毒处理后才能使用。消毒方式有两种，A种方式的消毒需要a天时间，B种方式的消毒需要b天（b>a），A种消毒方式的费用为每块毛巾fA, B种消毒方式的费用为每块毛巾fB，而买一块新毛巾的费用为f（新毛巾是已消毒的，当天可以使用）；而且f>fA>fB。公司经理正在规划在这n天中，每天买多少块新毛巾、每天送多少块毛巾进行A种消毒和每天送多少块毛巾进行B种消毒。当然，公司经理希望费用最低。你的任务就是：为该软件公司计划每天买多少块毛巾、每天多少块毛巾进行A种消毒和多少毛巾进行B种消毒，使公司在这项n天的软件开发中，提供毛巾服务的总费用最低。
Input

第1行为n,a,b,f,fA,fB. 第2行为n1，n2，……，nn. （注：1≤f,fA,fB≤60，1≤n≤1000）
Output

最少费用
Sample Input
4 1 2 3 2 1

8 2 1 6

Sample Output
38

解法：

copy了一个建图http://www.cnblogs.com/BLADEVIL/p/3470508.html

首先我们把一天拆成两个点，XI,YI，分别代表这一天买了多少

和洗多少，再加入源和汇S,T

1.每一天我们可以买新的毛巾，所以连接一条从S到XI的边，流量为正无穷（因为可以买好多），费用为f

2.然后我们对于买来的毛巾可以洗，每天都产生need[i]的毛巾可以洗，那么连一条从S到YI的边，

流量为need[i]，费用为0（因为只决定要洗，没有确定洗的方案，所以先不算费用）

3.每一条要用a方法洗的毛巾，我们连一条从YI到X(I+a+1)的边，流量为正无穷（下文解释），费用为fa的

4.每一条要用b方法洗的毛巾，我们连一条从YI到X(I+b+1)的边，流量为正无穷（下文解释），费用为fb的

5.因为每天剩下的毛巾，我们可以不当天洗，所以连接一条从YI到Y(I+1)的边，流量为正无穷，费用为0(所以每天可以洗

的毛巾的个数是可能会很多的，4,5建的边流量要是正无穷)

6.那么我们每天买的毛巾除了洗，还可以不洗，也就是直接扔掉，所以连一条XI到T的边，流量为need[i]，费用为0

//BZOJ 1221

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int inf = 0x3FFFFFFF;
const int maxn = 2222;
struct node{
    int st, en, flow, cost, next;
    node(){}
    node(int st, int en, int flow, int cost, int next):st(st),en(en),flow(flow),cost(cost),next(next){}
}E[101000];

int num, p[maxn];
void init(){
    memset(p, -1, sizeof(p));
    num = 0;
}
void add(int st, int en, int flow, int cost){
    E[num] = node(st, en, flow, cost, p[st]);
    p[st] = num++;
    E[num] = node(en, st, 0, -cost, p[en]);
    p[en] = num++;
}
int pre[maxn];
int dis[maxn];
bool fg[maxn];
bool spfa(int st, int en)
{
    for(int i=0;i<=en;i++){
        fg[i] = 0, dis[i] = inf, pre[i]=-1;
    }
    queue<int>q;
    q.push(st);
    fg[st]=1;
    dis[st]=0;
    while(!q.empty()){
        int u = q.front(); q.pop();
        fg[u]=0;
        for(int i=p[u];~i;i=E[i].next){
            int v = E[i].en;
            if(E[i].flow&&dis[v]>dis[u]+E[i].cost){
                dis[v] = dis[u]+E[i].cost;
                pre[v]=i;
                if(!fg[v]){
                    fg[v]=1;
                    q.push(v);
                }
            }
        }
    }
    if(dis[en] < inf) return 1;
    return 0;
}

int solve(int st, int en){
    int ans=0;
    while(spfa(st,en)){
        int d = inf;
        for(int i=pre[en];i+1;i=pre[E[i].st]) d = min(d, E[i].flow);
        for(int i=pre[en];i+1;i=pre[E[i].st]){
            E[i].flow -= d;
            E[i^1].flow += d;
            ans += d*E[i].cost;
        }
    }
    return ans;
}

int n, a, b, f, fa, fb, S, T;

int main()
{
    cin >> n >> a >> b >> f >> fa >> fb;
    S = 2*n+1, T = S + 1;
    init();
    for(int i=1;i<=n;i++){
        int x;
        scanf("%d", &x);
        add(S, i, x, 0);
        add(i+n, T, x, 0);
        add(S, i+n, inf, f);
        if(i+a+1<=n) add(i,i+n+a+1,inf,fa);
        if(i+b+1<=n) add(i,i+n+b+1,inf,fb);
        if(i+1<=n) add(i,i+1,inf,0);
    }
    int ans = solve(S,T);
    cout<<ans<<endl;
    return 0;
}