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【题意】

Alice和Bob玩游戏，一个数字，对于其在十进制下的每一位，玩家可以选择一个数值非0的位，将这个位置的数减去一个非0的数，使得这个位置的数在操作后非负。在某个玩家操作后，所有位置的数字都变为了0，则这个玩家获胜。

假定Alice和Bob都做出最优选择，且Alice先手。

分别输出，在A，B之间，Alice能获胜的数字有多少，Bob能获胜的数字有多少。

T，测试样例数。

1 <= T <= 10000, 1 <= A <= B <= 1e18.

【解题方法】 考虑下取石子问题， 先手必败当且仅当每堆石子数的xor和为0，考虑求出[1,n]中有多少个数使得数位xor和为0，记dp[i][j] = 0 / 1为已经填好最高的i位，数字xor和为j，是否等于n的前缀这个情况下的方案数，转移枚举下一位进行转移即可， 复杂度O(logn)


【AC代码】


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#pragma comment(linker,"/STACK:102400000,102400000")
#include <ext/pb_ds/assoc_container.hpp>
#include <ext/pb_ds/tree_policy.hpp>
#include <ext/pb_ds/hash_policy.hpp>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
#include <cmath>
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#include <time.h>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <sstream> //isstringstream
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
//using namespace __gnu_pbds;
typedef long long LL;
typedef pair<int, LL> pp;
#define REP1(i, a, b) for(int i = a; i < b; i++)
#define REP2(i, a, b) for(int i = a; i <= b; i++)
#define REP3(i, a, b) for(int i = a; i >= b; i--)
#define CLR(a, b)     memset(a, b, sizeof(a))
#define MP(x, y)      make_pair(x,y)
const int maxn = 12;
const int maxm = 2e5;
const int maxs = 10;
const int maxp = 1e3 + 10;
const int INF  = 1e9;
const int UNF  = -1e9;
const int mod  = 1e9 + 7;
//int gcd(int x, int y) {return y == 0 ? x : gcd(y, x % y);}
//typedef tree<int,null_type,less<int>,rb_tree_tag,tree_order_statistics_node_update>order_set;
//head
LL A, B, dp[21][16], c[21];
vector <int> v;

LL solve(LL n){
    v.clear();
    int len = 0;
    while(n){
        v.push_back(n % 10); n /= 10;
    }
    int sz = (int)v.size() - 1;
    for(int i = sz; i >= 0; i--) c[++len] = v[i];
    LL will = 0;
    int val = 0;
    for(int i = 1; i <= len; i++){
        CLR(dp, 0);
        for(int j = 0; j < c[i]; j++) dp[i][val ^ j] = 1;
        for(int j = i + 1; j <= len; j++){
            for(int k = 0; k < 16; k++){
                if(dp[j - 1][k]){
                    for(int l = 0; l < 10; l++){
                        dp[j][k ^ l] += dp[j - 1][k];
                    }
                }
            }
        }
        val ^= c[i];
        will += dp[len][0];
    }
    return will;
}

int main()
{
    int T;
    scanf("%d", &T);
    while(T--)
    {
        scanf("%lld%lld", &A, &B);
        LL ans = solve(B + 1) - solve(A);
        printf("%lld %lld\n", B - A + 1 - ans, ans);
    }
    return 0;
}