上限

贪心，顾名思义啥都能要，这道题可以将每个锅当成桶，将烤面包的时间当成所占的空间，然后将面包一个一个装进去（而且还能掰开放进两个桶里）

但如果我们这样做的话，是需要桶的空间上限，那这个上限是多少呢？这关乎整个思路的正确性，因为要尽可能快的烤完，所以上限应该是所有面包烤完的时间平均分配给每个桶，则：sum+=t[i];

但是仅为这个上限的话，会遇到特殊情况，比如一大堆时间都是1，仅有一个为10，这样可能会拉长时间，从而使答案错误，所以应该再在这些数中取得一个最大值：maxx=max(maxx,t[i])，使得时间更加富裕，结果也正确。

上限就取max(maxx,sum/m)，即为上限。

整体思路

拿样例来说吧

5 3
1 2 3 4 5

三个桶，那上限就是5，直接上图

：alt

这样就大概明白了，这个桶用完了就换下一个桶，思路简单，代码暴力：（上面有注释）

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1000005;
long long n,m,t[N],sum,maxx;
struct T{
	long long id,t; 
}a[N];
struct ANS{
	long long i,k,id[5],l[5],r[5];
}ans[N];
int main(){
	freopen("hamburger.in","r",stdin);
	freopen("hamburger.out","w",stdout);
	scanf("%lld%lld",&n,&m);
	for(int i=1;i<=n;i++){
		scanf("%lld",&a[i].t);
		a[i].id=i;
		sum+=a[i].t;
		maxx=max(maxx,a[i].t);
	}
	maxx=max(maxx,(sum)/m);  //上限（桶的空间）
	long long bh=1,max_bh=maxx;  //bh是第几个桶，max_bh指该桶还剩多少空间
	for(int i=1;i<=n;i++){
		if(a[i].t<=max_bh){  //如果一个桶能装下
			ans[i].k=1;
			ans[i].id[1]=bh;
			ans[i].l[1]=maxx-max_bh; //左边界
			ans[i].r[1]=maxx-max_bh+a[i].t;  //右边界
			max_bh-=a[i].t;
			if(max_bh==0){  //没空间了，直接下一个桶
				max_bh=maxx;  //回归maxx
				bh++;
			}
		}else{  //装不下分两次来装
			ans[i].k=2;
			ans[i].id[1]=bh;
			ans[i].l[1]=maxx-max_bh;  //左边界同上
			ans[i].r[1]=maxx;  //有边界即为上限
			a[i].t-=max_bh;  //面包所需时间减少
			max_bh=maxx;  //回归maxx
			bh++;
			ans[i].id[2]=bh;
			ans[i].l[2]=0;  //左边界为0（刚开始）
			ans[i].r[2]=a[i].t;  //有边界为面包剩余所需时间
			max_bh-=a[i].t;
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		if(ans[i].k==1){  //如果一个桶装下了
			printf("%lld %lld %lld %lld\n",ans[i].k,ans[i].id[1],ans[i].l[1],ans[i].r[1]);
		}else{  //没装下
			printf("%lld %lld %lld %lld %lld %lld %lld\n",ans[i].k,ans[i].id[2],ans[i].l[2],ans[i].r[2],ans[i].id[1],ans[i].l[1],ans[i].r[1]);  //先输出时间靠前的
		}
	}
	return 0;
}

题解 | F | Hamburger Steak

上限

整体思路