链接：https://ac.nowcoder.com/acm/contest/329/B
来源：牛客网
 

处女座想出去比赛，但是又不知道学校能不能给到足够的经费。然而处女座是大众粉丝，有着很好的人缘，于是他找了一个在学校管经费的地方勤工俭学偷来了一份报销标准。


由于处女座是万人迷，所以他在中间途径的每一条线路上都会发生一些故事，也许是粉丝给他发了一个200元的微信红包，也许是和他的迷妹一起吃饭花了500元。


而经费负责人也实地考察了每一条路线，在每一条路上，也许是天降红包雨，也许是地生劫匪。每一条路上都有属于自己的奇遇。


而经费负责人也只能根据他的故事决定这一路批下来多少经费。他会找出从宁波到比赛地的最小花费，并以此作为标准给处女座打比赛。而处女座也会选择对他来说最小花费的路线，来节省使用。
处女座想知道，最终的经费是否够用，如果够还会剩下来多少钱。如果不够，他自己要自费掏出多少钱。（当然处女座和经费管理人都具有旅途中无限信贷额度，所有收入支出会在旅行结束后一起结算。）
 

输入描述:

输入文件第一行包含一个整数T，表示处女座要参加的比赛场数。

对于每一场比赛，第一行包含两个整数N,M，分别表示旅行中的站点数（其中宁波的编号为1，比赛地的编号为N）和线路数。

接下来M行，每一行包含5个整数u,v,c,cnz,jffzr，分别表示从u到v有一条单向的线路，这条线路的票价为c。处女座搭乘这条线路的时候，会得到cnz元（如果为负即为失去-cnz元）；经费负责人搭乘这条线路的时候，会得到jffzr元（如果为负即为失去-jffzr元）。

行程保证不会形成环，并保证一定能从宁波到达比赛地。

输出描述:

对于每一场比赛，如果经费负责人给出的经费绰绰有余，则先在一行输出"cnznb!!!"，并在下一行输出他可以余下的经费；如果处女座的经费不够用，则先在一行输出"rip!!!"，并在下一行输出他需要自费的金额；如果经费负责人给出的经费正好够处女座用，则输出一行"oof!!!"。（所有输出不含引号）

示例1

输入

复制

1
3 3
1 2 300 600 -600
2 3 100 -300 1
1 3 200 0 0

输出

复制

cnznb!!!
100

说明

处女座先走第一条路再走第二条路到达，总花费100元，经费负责人走第三条路，花费200元，处女座经费剩余100元

备注:


 

T≤10

2≤N≤

1≤M≤2⋅
1≤u,v≤N
0≤c≤
−≤cnz,jffzr≤​​​​​​​

 

题解：负权值边的存在使得 Dijkstra 算法不适用，特殊 DAG 的性质使得 SPFA 算法无法在规定的时间限内求解出答案。 考虑到 DAG 的特殊性，按照原图节点的拓扑顺序依次递推距离即可求解。 

按照节点拓扑顺序计算d即可。

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <map>
#include <vector>
#include <queue>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll INF=0x3f3f3f3f;
const int maxn=2e5+5; 
int T,n,m;
struct node{
     int x,y;
     ll c;
     node(){}
     node(int a,int b,ll d):x(a),y(b),c(d){}
}pos;
vector<node> v1[maxn];
ll dis1[maxn]，c[maxn],cnz[maxn],jffzr[maxn];
int x[maxn],y[maxn]，d[maxn]; 
void dj1()
{
    queue<int> q;
    memset(dis1,INF,sizeof(dis1));
    dis1[1]=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)
        if(d[i]==0)
            q.push(i);
    while(!q.empty())
    {
         int xx=q.front();q.pop();
         for(int i=0;i<v1[xx].size();i++)
         {
            int y=v1[xx][i].y; ll dd=v1[xx][i].c;
            if(dis1[y]>=dis1[xx]+dd)
                dis1[y]=dis1[xx]+dd;
            d[y]--;
            if(d[y]==0)q.push(y);
         }
     }
}
int main()
{
    cin>>T;
    while(T--)
    {
        scanf("%d%d",&n,&m);
        memset(d,0,sizeof(d));
        for(int i=1;i<=n;i++) v1[i].clear();
        for(int i=0;i<m;i++)scanf("%d%d%lld%lld%lld",&x[i],&y[i],&c[i],&cnz[i],&jffzr[i]);
        for(int i=0;i<m;i++)
        {
            v1[x[i]].push_back(node(x[i],y[i],c[i]-cnz[i]));
            d[y[i]]++;
        }
        dj1();
        memset(d,0,sizeof(d));
        ll tt1=max(0ll,dis1[n]);
        for(int i=1;i<=n;i++) v1[i].clear();
        for(int i=0;i<m;i++)
        {
            v1[x[i]].push_back(node(x[i],y[i],c[i]-jffzr[i]));
            d[y[i]]++;
        }
        dj1();
        ll tt2=max(0ll,dis1[n]);
        ll ttt=tt2-tt1;
        if(ttt>0)
        {
            printf("cnznb!!!\n");
            printf("%lld\n",ttt);
        }
        else if(ttt==0)
        {
            printf("oof!!!\n");
        }
        else {
            printf("rip!!!\n");
            printf("%lld\n",abs(ttt));
        }
    }
    return 0;
}