题目描述
在一个城市的一条窄到只有长度没有宽度的道路上有 N只婆罗门的斗鸡在不同斗鸡点的上， 对一个城市定义该城市的斗鸡爱好度为：
这n × (n − 1)个距离的总和。
每只婆罗门的斗鸡都计算到其它各只婆罗门的斗鸡的距离。 但是婆罗门数学太差，所以他要让你帮他求城市斗鸡爱好度。
输入输出格式
输入格式：
第一行一个整数 N。
接下来一行每行一个整数 Ji，代表第 i只婆罗门的斗鸡的位置。
输出格式：
输出一个数代表该城市的斗鸡爱好度。
输入输出样例
输入样例#1： 复制
5 1 2 3 4 5
输出样例#1： 复制
40
说明
对于 60%的数据：
N ≤ 1e4.
对于 100%的数据：
N ≤ 1e5, Ji ≤ 1e6 .
主要思路： 暴力 + 线段树优化
我绝对不会告诉你我考试时我电脑炸了
然而，我用快读就会被卡到80分，用scanf有100分。
emmm...
这是个令人深思的问题啊。
好的回到正题。
怎么用线段树？
我们如果求一个点到其他所有点的距离好像不太好做的说，起码O(n^2)，
但我们把这些数放在数轴上，可以一次性求出一个点到之前的所有点的距离吗？
当然可以！！！
我们可以想，一个点到另一个点的距离不是这个点的坐标减去另一个点的坐标吗？在这个点a[i]之前有i - 1个坐标，实际上是一个数列求和的问题。
a[i] - a[1] a[i] - a[2] a[i] - a[3] ... a[i] - a[i - 1] || || \--/ \/ a[i] * (i - 1) - (a[1] + a[2] + a[3] + ... + a[i - 1])
我们可以这么求。
如果不考虑爆long long的话，我们可以用一个区间求和的线段树求a[1] ~ a[i - 1]，在用a[i] * (i - 1)减去这个数。
但是会爆int，还会爆long long。怎么办？
我们继续考虑线段树上的操作。
如果我们每次存进去一个点的负值，并求前面点的负值和，我们如果直接在线段树上把a[i]加进去，正好是每个点一个a[i] - a[j]（思路似乎又转回来了）
这样每次把一段区间区间加a[i]，求和加入答案，然后再区间减去a[i]。
这样求出的是一个点到之前点的距离和，只要答案*2就可以变成所有的距离和了
这样相当于只用了一个数据结构，不动脑子，就可以暴力解水题了
记得，目前此题的这组数据有毒，n^2可以过，但是你加了像我这样写的快读，你就可能凉凉
Code：
-------------------------------(线段树板子泥萌确定要看？？？)------------------------------
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <ctime>
#include <iostream>
#include <map>
#include <queue>
#include <set>
#include <stack>
#include <string>
#include <vector>
using namespace std;
#define go(i, j, n, k) for (int i = j; i <= n; i += k)
#define fo(i, j, n, k) for (int i = j; i >= n; i -= k)
#define rep(i, x) for (int i = h[x]; i; i = e[i].nxt)
#define mn 1000100
#define inf 2147483647
#define ll long long
#define ld long double
#define fi first
#define se second
#define root 1, n, 1
#define lson l, m, rt << 1
#define rson m + 1, r, rt << 1 | 1
#define bson l, r, rt
//#define LOCAL
#define mod
#define Debug(...) fprintf(stderr, __VA_ARGS__)
inline int read(){ // 凉凉之快读
int f = 1, x = 0;char ch = getchar();
while (ch > '9' || ch < '0'){if (ch == '-')f = -f;ch = getchar();}
while (ch >= '0' && ch <= '9'){x = x * 10 + ch - '0';ch = getchar();}
return x * f;
}
//This is AC head above...
struct tree{
ll x;
};
struct SegmentTree{ // 线段树不解释，，，就是板子
tree z[mn << 2];
ll col[mn << 2];
inline void update(int rt){ z[rt].x = z[rt << 1].x + z[rt << 1 | 1].x;}
inline tree operation(tree a,tree b){ return (tree){a.x + b.x}; }
inline void color(int l,int r,int rt,ll v){
z[rt].x += (r - l + 1) * v;
col[rt] += v;
}
inline void push_col(int l,int r,int rt){
if(col[rt]){
int m = (l + r) >> 1;
color(lson, col[rt]);color(rson, col[rt]);
col[rt] = 0;
}
}
inline void build(int l,int r,int rt){
if(l==r){z[rt].x = 0;return;}
int m = (l + r) >> 1;build(lson);build(rson); update(rt);
}
inline void modify(int l,int r,int rt,int nowl,int nowr,ll v){
if(nowl<=l && r<=nowr){color(bson, v); return;}
int m = (l + r) >> 1; push_col(bson);
if(nowl<=m) modify(lson, nowl, nowr, v);
if(m<nowr) modify(rson, nowl, nowr, v);
update(rt);
}
inline tree query(int l,int r,int rt,int nowl,int nowr){
if(nowl<=l && r<=nowr) return z[rt];
int m = (l + r) >> 1; push_col(bson);
if(nowl<=m){
if(m<nowr) return operation(query(lson, nowl, nowr), query(rson, nowl, nowr));
else return query(lson, nowl, nowr);
}else return query(rson, nowl, nowr);
}
} tr;
ll n;
ll a[mn], b[mn], ans;
int main(){
n = read();
go(i, 1, n, 1) scanf("%d",&a[i]), b[i] = a[i];
tr.build(root);
sort(b + 1, b + n + 1); // 在数轴上记得排下序
tr.modify(root, 1, 1, -b[1]);
go(i,2,n,1){
tr.modify(root, 1, i - 1, b[i]);
ans += tr.query(root, 1, i - 1).x;
tr.modify(root, 1, i - 1, -b[i]);
tr.modify(root, i, i, -b[i]);
}
cout << (ans << 1); // 记得要×2
#ifdef LOCAL
Debug("\nMy Time: %.3lfms\n", (double)clock() / CLOCKS_PER_SEC);
#endif
return 0;
}
京公网安备 11010502036488号