难得在比赛中摸了五题，非常开心qwq。
第一次写小白月赛的题解，如果有误，请见谅。

A 子序列的权值最小值

这里运用到与运算的性质 x&y ≤ min(x,y) ，所以把数组里面的元素通通 & 一遍，就能得到答案了。
悲催的是，我在比赛时忘记了这个性质，结果脑子一热写了dfs，还好数据量够小。

#include <iostream>
using namespace std;
int main(void)
{
    int n,i,t;
	cin>>n;
    int a[n];
	for(i=0;i<n;i++)
		cin>>a[i];
    t=a[0];
    for(i=1;i<n;i++)
        t&=a[i];
    cout<<t;
	return 0;
}

B 魔法师晨拥

如果不考虑游戏血量下限 0 ，其实可以无限制的扣血，只用判断血量中途是否为 0 即可。
我喜欢严谨一点，把血量不为正数的随从给删掉了。

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;
int main(void)
{
	vector<int> a; // 存储 随从 的容器
	int n,m,k=2,t,i,ans=0; // k 是伤害值
	cin>>n>>m; // ans 是对敌方英雄造成的伤害
	for(i=0;i<n;i++)
	{ // 容器的数据插入
		cin>>t;
		a.push_back(t);
	}
	for(i=0;i<m;i++)
	{ // 游戏过程模拟
		if(a.size()==0)
		{ // 如果没有随从了，直接怼英雄
			ans+=k*(m-i);
			break;
		}
		for(int &x:a)
		{ // 对随从进行攻击
			x-=k;
			if(x==0) // 符合题意
				++k; // 增加攻击力
		}
		while(a.size()!=0)
		{ // 删除已经死去的敌方随从
			if(*a.begin()<=0)
				a.erase(a.begin());
			else
				break;
		}
		ans+=k; // 对敌方英雄进行攻击
	}
	cout<<ans;
	return 0;
}

C GCPC总决赛

有一种田忌赛马的味道，不过这里是统计所有可能出现的情况。
对其中一个数组进行全排列即可，但是又有新的问题，0 0 0 只能排 1 种，而我们期望是 6 种。
所以我把第二个数组改成 pair<int,int> 。

#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
int main(void)
{
	int n,i;
	int t1,t2,ans1=0,ans2=0,ans3=0; // 获胜，失败，平局
	cin>>n;
	int a[n];
	pair<int,int> b[n];
	for(i=0;i<n;i++)
		cin>>a[i];
	for(i=0;i<n;i++)
	{
		cin>>b[i].first;
		b[i].second=i;
	}
	sort(a,a+n); // a 好像没有排序的必要
	sort(b,b+n); // b 为了全排列而排序
	do{
			t1=0;
			t2=0;
			for(i=0;i<n;i++)
			{ // 对局模拟
				if(a[i]>b[i].first)
					++t1;
				else if(a[i]<b[i].first)
					++t2;
			}
			if(t1==t2) // 平局
				++ans3;
			else if(t1>t2) // 获胜
				++ans1;
			else // 失败
				++ans2;
		}while(next_permutation(b,b+n)); // 全排列
	cout<<ans1<<" "<<ans2<<" "<<ans3;
	return 0;
}

D Ginger的大花环

最省钱的方案，就是尽量多拿花费最少的颜色，间隔处补次少的颜色。
只有一种颜色，那就没办法间隔了，需要特判。
两种及以上，先根据花费从小到大对颜色进行排序。
a[0] 是花费最少的，a[1] 是花费次少的。
然后对花的数量分类讨论，分为 0，1，2 。
n%3==0：112112...112 （n/3 个 112）
n%3==1：112112...1122 （n/3 个 112，再加一个 2）
n%3==2：112112...11212 （n/3 个 112，再加一个 12）
注意到一次染色的花费可以达到 1e9，需要使用 long long 避免溢出。

#include <iostream>
#include <iomanip>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cctype>
#include <cmath>
#include <algorithm>
#include <numeric>
#include <string>
#include <vector>
#include <map>
#include <set>
using namespace std;
int main(void)
{
	long long n,m,ans=0;
	int k,i;
	cin>>n>>k;
	long long a[k];
	for(i=0;i<k;i++)
		cin>>a[i];
	sort(a,a+k); // 对颜色进行排序
	if(k==1) // 只有 1 种颜色，无法完成任务
		cout<<"Ginger666";
	else
	{
		m=n/3; // 有 m 组 112
        ans=m*2*a[0]+m*a[1]; // 基础的花费
		if(n%3==0)
			cout<<ans;
		else if(n%3==1)
			cout<<ans+a[1]; // 额外的 2
		else
			cout<<ans+a[0]+a[1]; // 额外的 12
	}
	return 0;
}

E 最值区间计数

我承认我是蒙的，但是蒙对了。
题目给的样例是 2 和 4，我自己算了 1 和 3，如下所示：

n	答案
1	1
2	2
3	10
4	60

在一番思想斗争后（划掉），我决定舍弃 1 作为规律数据。
得到了递推式 a[i] = a[i-1] * (i+2) ，i>2 。
提交，AC 。
真正符合题意的思考过程，请参考炸鸡块君的视频讲解

#include <iostream>
using namespace std;
int main(void)
{
	int n,i;
	long long ans=2;
	cin>>n;
	if(n==1) // 特判 1 的情况
		cout<<1;
	else
	{
		for(i=3;i<=n;++i)
			ans=ans*(i+2)%998244353;
		cout<<ans;
	}
	return 0;
}

F Ginger的数