描述
题解
讨论区大神已经说得十分详细了,我直接拿过来用吧……
实际上这道题可以通过O((logn)^2)的时间推出任意一项。
我们以每一个2的整数次方作为分割点,把这个数列分割成很多块。设F(n)为2^n到2^(n+1)之间的所有满足要求的数字(不包括2^(n+1))。因为二进制中不能有连续的0,所以F(n)=sigma{
F(k)|0<=k<=n-2}+1,又知F(n-1)=sigma{
F(k)|0<=k<=n-3}+1,可得F(n)=F(n-2)+F(n-1)-1+1=F(n-1)+F(n-2),因此结论:
有1个数在[1,2),1个数在[2,4),2个数在[4,8),3个数在[8,16)…………
而每次可以用二分查找来确定a的位置在2^m和2^(m+1)之间,a减去[1,2^m]之间所有数的个数,重新递归查找。。。(注意减去的是闭区间!)递归深度不会超过logn,因为它是按斐波那契数列的和递减的。每一次递归的m位置异或1,最后会得到一个01数组,按照进制转换然后求模就行了。。
一共有n个数,对于每一次查找的复杂度是O((logn)^2),总复杂度不会达到O(n(logn)^2)。
这是一个初一的大神写的题解,横戈跃马,他是我认识的人中,年纪和实力最不成比例的人,强的可怕,在他还在 51Nod 上练题时,曾一度占据35名左右,分分钟虐暴***成 ACMer(如果连我也算 ACMer 的话),毕竟搞 ACM 的人中像我这样的炮灰太多了,搞了两年,学会的只是 Orz!
这里需要注意的是,斐波那契数列要求到88位,对应的二进制位数已经超出了 long long 的范围,所以在求 Pow 的过程中要注意取模。当然,在讨论区中,Wizmann 的那句话Magic number here is 88.小心爆long long。
就是这个意思,我猜他说的是,在这里魔法数是88?
What’s the ***!!!什么是 Magic number?吓得我赶快百度知乎谷歌了一下~~~这里是一个不错的关于 Magic number 的帖子。
对了,这个题之所以说是数位dp
是因为在求 F(n) 的过程中用到了数位dp
的思维,另外,这个题里的二分可以直接改成循环,反而会更快,Top 1就是直接循环搞得。
代码
#include <iostream>
using namespace std;
const int MAXF = 88;
const int MOD = 1e9 + 7;
long long Fib[MAXF] = {
1, 1, 2};
long long Pow[MAXF] = {
1, 2, 4};
int XOR[MAXF];
int maxPos = 0;
void init()
{
for (int i = 3; i < MAXF; i++)
{
Fib[i] = Fib[i - 1] + Fib[i - 2];
Pow[i] = Pow[i - 1] * 2 % MOD;
}
}
long long BToD()
{
long long res = 0;
for (int i = 0; i < maxPos; i++)
{
res = (res + XOR[i] * Pow[i]) % MOD;
}
return res;
}
int main(int argc, const char * argv[])
{
init();
int N;
cin >> N;
long long s;
for (int i = 0; i < N; i++)
{
cin >> s;
while (s != 0)
{
int l = 0, r = MAXF;
while (l < r)
{
int mid = (l + r + 1) / 2;
if (Fib[mid] > s)
{
r = mid - 1;
}
else
{
l = mid;
}
}
XOR[l - 1] ^= 1;
maxPos = max(maxPos, l);
s -= Fib[l];
}
}
cout << BToD() << '\n';
return 0;
}